1 / 38

Selamat Datang Dalam Kuliah Terbuka Ini

Selamat Datang Dalam Kuliah Terbuka Ini. Kuliah terbuka kali ini berjudul “ Analisis Rangkaian Listrik di Kawasan Fasor ”. Disajikan oleh Sudaryatno Sudirham melalui www.darpublic.com. Dalam sesi ini kita akan membahas :. Metoda Analisis Sistem Satu Fasa Analisis Daya Penyediaan Daya.

rue
Download Presentation

Selamat Datang Dalam Kuliah Terbuka Ini

An Image/Link below is provided (as is) to download presentation Download Policy: Content on the Website is provided to you AS IS for your information and personal use and may not be sold / licensed / shared on other websites without getting consent from its author. Content is provided to you AS IS for your information and personal use only. Download presentation by click this link. While downloading, if for some reason you are not able to download a presentation, the publisher may have deleted the file from their server. During download, if you can't get a presentation, the file might be deleted by the publisher.

E N D

Presentation Transcript

  1. SelamatDatangDalamKuliah Terbuka Ini

  2. Kuliahterbuka kali iniberjudul“AnalisisRangkaianListrikdi KawasanFasor”

  3. DisajikanolehSudaryatno Sudirhammelaluiwww.darpublic.com

  4. Dalamsesiinikitaakanmembahas: MetodaAnalisis SistemSatuFasa AnalisisDaya PenyediaanDaya

  5. MetodaAnalisisDasar

  6. MetodaKeluaranSatuSatuan (unit output) ix 1/6 F 1/18 F 12 B C A + vx  3/2 H 14cos2t V +  9 3 j3 j9 12 B C A D j3 140 V +  3 9 D I1 I3 I2 I4

  7. MetodaSuperposisi 3H 9 + 20cos4t V io _ 3cos2t A j6 j12 Io2 Io1 9 9 + _  j12 200o  j6 30o Karena sumber berbeda frekuensimakafasor Io1 dan Io2 tidak dapatlangsung dijumlahkan. Kembalikekawasanwaktu, barukemudiandijumlahkan

  8. MetodaRangkaianEkivalenThévenin 6 i A I A j4 2H 2 j2 2 6 1H +  180o V 2 2 +  j4 18cos2t V 1/8 F B B A j4 6 2 +  180o V 2 B +  A ZT j2 j4 B

  9. MetodaReduksiRangkaian ix? A B v = 10sin100t V 50 i1 = 0.1cos100t A 200F 1H Ix A B 50 j50 j100 Iy A 50 I2 j50 j100 Iy 50 j50 j100   Sumber tegangan dan sumber arus berfrekuensi sama,  = 100. Tetapi sumber tegangan dinyatakan dalam sinus, sumber arus dalam cosinus. Ubah kedalam bentuk standar, yaitu bentuk cosinus melalui kesamaan sinx =cos(x90) sumber tegangantersambung seri dengan resistor 50 yang paralel dengan induktor j100  Simpul B hilang. Arus Iy yang sekarang mengalir melalui resistor 50, bukanlah arus Ixyang dicari; Iykali 50 adalah tegangan simpul A, bukan tegangan simpul B tempat Ixkeluar

  10. MetodaAnalisisUmum

  11. MetodaTeganganSimpul Ix=? A B V= 1090oV 50 I1 = 0,10oA j50 j100 

  12. MetodaArus Mesh V=1090oV A B I3 I = 0,10oA I1 50 j50 I2 

  13. AnalisisDaya

  14. TinjauanDaya di KawasanWaktu pb t Nilai rata-rata = 0 Nilai rata-rata = VrmsIrmscos Komponen ini memberikan alih energi netto; disebut daya nyata: P Komponen ini tidak memberikan alih energi netto; disebut daya reaktif: Q

  15. TinjauanDaya di KawasanFasor Im  Re Tegangan, arus, di kawasanfasor: besarankompleks DidefinisikanDaya KompleksS: jQ P S, P, danjQmembentuksegitiga daya

  16. FaktorDayadanSegitigaDaya I* Im Im S =VI* V jQ Re   Re P I (lagging) Im P Im I (leading) Re  V   jQ Re S =VI* I* Faktor daya lagging Faktor daya leading

  17. DayaKompleksdanImpedansiBeban Bagianbeban yang resistif-lah yang menyerapdayanyata.

  18. Contoh I A seksi sumber seksi beban B

  19. AlihDaya Dalam rangkaian linier denganarus bolak-balik keadaan mantap, jumlah daya kompleks yang diberikan oleh sumber bebas, sama dengan jumlah daya kompleks yang diserap oleh elemen-elemen dalam rangkaian

  20. Contoh V=1090oV B A I5 I2 I4 I3 I1 = 0,10oA 50 j50 j100 C  Berapa dayakompleksyang diberikan oleh masing-masing sumber dan berapa diserap R = 50  ? Perhitunganuntuksumberarus Perhitunganuntuksumbertegangan R 50 menyerapdayanyata 3,6 W

  21. AlihDayaMaksimum +  A ZT = RT + jXT VT ZB = RB + jXB B DenganCara Penyesuaian Impedansi

  22. Contoh A j100 50 ZB j50 100o V B +  BerapaZB agar terjadialihdayamaksimum? Berapadayamaksimumtersebut? Berapadaya yang diberikansumberwaktuterjadialihdayamaksimumtersebut? Agar terjadialihdayamaksimum:

  23. AlihDayaMaksimum +  ZT ZB VT N1N2 DenganCara Sisipan Transformator impedansi yang terlihat di sisi primer

  24. Contoh Dari contoh sebelumnya: A j100 50 25 + j 60 j50 100o V B +  Seandainya diusahakan Tidak ada peningkatan alih daya ke beban.

  25. PenyediaanDaya

  26. Transformator Dalam penyaluran daya listrik banyak digunakan transformator berkapasitas besar dan juga bertegangan tinggi. Dengan transformator tegangan tinggi, penyaluran daya listrik dapat dilakukan dalam jarak jauh dan susut daya pada jaringan dapat ditekan. Di jaringan distribusi listrik banyak digunakan transformator penurun tegangan, dari tegangan menengah 20 kV menjadi 380 V untuk distribusi ke rumah-rumah dan kantor-kantor pada tegangan 220 V. Transformator daya tersebut pada umumnya merupakan transformator tiga fasa;namun kita akan melihat transformator satu fasa lebih dulu

  27. TransformatorDuaBelitanTakBerbeban  N1 N2 +  +  +  Belitan primer: Belitansekunder: Jika Fasorsefasa dengan karenadiinduksikan oleh fluksiyang sama.

  28. N1 N2 +  +  +  Arusmagnetisasi yang membangkitkan Resistansibelitan primer Arus magnetisasiIfdapat dipandang sebagai terdiri dari I (90o dibelakang E1) yang menimbulkan  dan IC (sefasa dengan E1) yang mengatasi rugi-rugi inti. Diagram fasordenganmengambilrasiotransformasia=1, sedangkanE1sefasaE2 

  29. FluksiBocor di Belitan Primer l    l1 Representasifluksibocor di belitan primer adafluksibocor di belitan primer

  30. TransformatorBerbeban  l1  RB l2   beban resistif ,a> 1

  31. RangkaianEkivalenTransformator jX2 jX1 R1 R2 If B Z   jX1 jX2 If R1 R2 B I Ic Rc jXc adalah arus, resistansi, dan reaktansi sekunder yang dilihat dari sisi primer

  32. RangkaianEkivalen yang Disederhanakan jXe=j(X1+ X2) Re= R1+R2 B  Arus magnetisasi hanya sekitar 2 sampai 5 persen dari arus beban penuh Jika diabaikan terhadap kesalahan yang terjadi dapat dianggap cukup kecil

  33. Contoh Penyediaan Daya 10 kW f.d. 0,8 lagging 8 kW f.d. 0,75 lagging 380 V rms Impedansi saluran diabaikan Faktor daya total tidak cukup baik

  34. PerbaikanFaktorDaya jQ kapasitor Im jQ beban (induktif) kVA beban tanpa kapasitor Re P beban Perbaikan faktor daya dilakukan padabeban induktif dengan menambahkan kapasitor yang diparalel dengan beban, sehingga daya reaktif yang harus diberikan oleh sumber menurun tetapi daya rata-rata yang diperlukan beban tetap dipenuhi |S| |S1| kapasitor paralel dengan beban kVA beban dengan kapasitor Daya yang harus diberikan oleh sumber kepada beban turun dari |S| menjadi |S1|.

  35. Contoh 10 kW f.d. 0,8 lagging 8 kW f.d. 0,75 lagging 380 V rms 50 Hz C diinginkan -jQ12C CarilahberapaC agar faktordayamenjadi 0,95 S12 jQ12 S12C P12

  36. Diagram SatuGaris

  37. Contoh | V | = 380 V rms 0,2 + j2  0,2 + j2  Vs beban 2 8 kW cos  = 1 beban 1 10 kW cos  = 1 Carilahtegangansumber

  38. KuliahTerbuka • AnalisisRangkaianListrik Di KawasanFasor • Sesi 3 • SudaryatnoSudirham

More Related