学案 5 数据计算类

1. 学案5 数据计算类 [题型剖析] 此类试题主要考查考生对生物学的基本概念原理和规律的应用，以及对各种生物量之间数量关系的理解。 [突破策略] 首先要明确知识体系，找准所依据的生物学原理。其次要灵活地运用数学思想、化学常识，对题干进行合理分析、综合推理，理清其中数量关系。最后注意计算过程的准确性。

2. [典例1] （09·烟台期末）有一多肽，分子式为C55H70O19N10，将它彻底水解后，得到下列四种氨基酸：谷氨酸（C5H9NO4）、甘氨酸（C2H5NO2）、丙氨酸（C3H7NO2）、苯丙氨酸（C9H11NO2）。控制该多肽形成的基因中至少含有碱基对 （ ） A.10 B.30 C.60 D.29 解析 由四种氨基酸的分子式知，每一个氨基酸都只含有一个氨基，即只含一个N原子，由多肽的分子式中10个N原子可确定多肽有10个氨基酸脱水缩合而成，根据氨基酸数目与基因碱基数目比例1∶6可知，控制该多肽形成的基因中至少含有30个碱基对。 B

3. 备考链接 1.肽链、氨基、羧基的计算 每条肽链的首、尾端必然是氨基或羧基，因此，多肽中氨基或羧基总数的计算公式如下： 氨基或羧基总数=R基中氨基或羧基数+肽链数 注：氨基或羧基数至少等于肽链数（即R基中无氨基或羧基） 2.氨基酸数、肽链数、肽键数和缩合失水数的计算 肽键数=缩合失水数=氨基酸数-肽链数 3.形成的蛋白质分子的相对分子质量 蛋白质相对分子质量=氨基酸相对分子质量总和-失去水分子的相对分子质量总和

4. 注：有时还要考虑一些其他的化学变化过程，如二硫键（—S—S—）形成时失去的H的相对分子质量总和等。注：有时还要考虑一些其他的化学变化过程，如二硫键（—S—S—）形成时失去的H的相对分子质量总和等。 4.蛋白质中N原子数=肽键数+肽链数+R基上的N原子数=各氨基酸中N原子的总数 蛋白质中O原子数=肽键数+2×肽链数+R基上的O原子数=各氨基酸中O原子的总数-脱水数 5.基因控制蛋白质的合成时 （1）基因的碱基数︰mRNA上的碱基数︰氨基酸数=6∶3∶1。 （2）tRNA数=氨基酸数=肽键数（失水数）+肽链数 （3）蛋白质相对分子质量=基因的碱基数÷6×氨基酸的平均相对分子质量-18×失水数

5. [能力迁移] 1.具有100个碱基对的1个DNA分子区段，内含40个 胸腺嘧啶，如果连续复制两次，则需游离的胞嘧啶 脱氧核苷酸数为 （ ） A.60个 B.80个 C.20个 D.180个 解析 一个DNA分子复制两次，可得4个DNA分 子，共8条链其中新合成的链有6条，相当于3个 DNA分子。双链DNA分子中的嘌呤碱基总数=嘧啶 碱基数，即具有100个碱基对的1个DNA分子区段 中有胞嘧啶脱氧核苷酸数为100-40=60个。故连续 复制两次，需游离的胞嘧啶脱氧核苷酸数为60×3 =180个。 D

6. 备考链接 1.与DNA结构相关知识 （1）DNA两条子链组成双螺旋结构，从主链上看，两条子链是反向平行的；从碱基关系来看，两条子链是互补的。 （2）1个DNA双链分子存在两个游离的磷酸基。 （3）DNA分子中的脱氧核糖与磷酸交替连接构成其基本骨架。 （4）A与T有2个氢键相连；C与G有三个氢键相连。 （5）整个DNA分子结构中，一个脱氧核糖与两个磷酸基相连(3′端的除外)。

7. 2.碱基互补配对原则的应用 （1）A=T，C=G，A+G=C+T=A+C=G+T=总碱基数的1/2。 （2）互补碱基之和的比值［（A+T）∶（C+G）或（A+T）∶（A+T+C+G）］在已知链、互补链和整个DNA分子中相等；非互补碱基之和的比值［如（A+C）∶（T+G）］在已知链与互补链间互为倒数，在整个DNA分子中该比值为1。 3.DNA分子复制中数量关系 （1）某DNA分子中含某碱基a个，则复制n次需要含该碱基的脱氧核苷酸数为a×(2n-1);第n次复制，需要含该碱基的脱氧核苷酸数为a×2n-1。

8. （2）若以用同位素标记DNA分子的两条链为模板，复制n次后，标记分子占2/2n，标记的单链占所有单链的1/2n；若用同位素标记DNA复制的原料，则复制n次后，标记分子占100%，标记的单链占1-1/2n。（2）若以用同位素标记DNA分子的两条链为模板，复制n次后，标记分子占2/2n，标记的单链占所有单链的1/2n；若用同位素标记DNA复制的原料，则复制n次后，标记分子占100%，标记的单链占1-1/2n。

9. 2.某高等生物基因转录产生的mRNA含有52个密码子（一个终止密码子），则该基因复制一次最少能产生多少水分子？此mRNA指导合成多肽时可产生多少个水分子？2.某高等生物基因转录产生的mRNA含有52个密码子（一个终止密码子），则该基因复制一次最少能产生多少水分子？此mRNA指导合成多肽时可产生多少个水分子？ 解析 mRNA是单链，52个密码子说明其至少含52×3=156（个）核糖核苷酸，故转录此mRNA的基因有脱氧核苷酸至少为156×2=312（个），其复制一次产生两个DNA分子，故脱下的水分子数适用公式“脱下的水分子数=单体数-多聚体链的条数”，值为312-2=310个。此mRNA指导合成多肽时，终止密码子没有对应具体的氨基酸，故合成的多肽只有51个氨基酸，脱下的水分子为50个。 答案 310个 50个

10. 备考链接 生物体水量变化的原因是新陈代谢，产生水的代谢过程有氧化分解和脱水缩合，如多肽的形成、DNA和RNA的合成、二糖和多糖的合成等；利用水的代谢过程主要是大分子物质的水解以及一些同化作用（光合作用的光反应）或异化作用（有氧呼吸第二阶段）的过程。所以，解答有关水量变化的问题时，首先必须明确相关物质的结构及形成过程；其次必须掌握相关代谢过程的反应以及一些相关公式或技巧，以提高解题效率；最后要细心，避免反应式、公式的运用出错从而导致计算错误。

11. [典例2] 人红细胞内血红蛋白携带的O2被B淋巴细胞 利用以及在缺氧条件下，某高等植物叶肉细胞中产 生的二氧化碳用于自身细胞的光合作用，这两个过 程中O2和CO2至少分别要通过几层生物膜 （ ） A.4、2 B.4、4 C.6、4 D.8、8 解析 血红蛋白携带的O2被B淋巴细胞利用时，O2 从红细胞中出来，并进入B淋巴细胞的线粒体中， 因此共通过4层膜；“在缺氧条件下，某高等植物 叶肉细胞产生的二氧化碳”是在细胞基质中进行无 氧呼吸时产生的，如用于自身细胞的光合作用，只 需通过叶绿体的2层膜。 A

12. 备考链接 1.在真核细胞中，线粒体、叶绿体、细胞核为双层膜，细胞膜、液泡、内质网、高尔基体为单层膜，核糖体、中心体无膜；原核细胞只考虑细胞膜。 2.肺泡壁、毛细血管壁、小肠绒毛壁、肾小管壁由单层上皮细胞构成，物质通过这些壁要穿透2层膜。 3.胞吞、胞吐形成具膜小泡要借助膜融合，并不是通过膜结构，即穿透膜层数为0；另外，物质（如mRNA等）出入核孔也不通过膜结构，所以穿透膜层数同样为0。

13. [能力迁移] 3.（09·泰州联考）分泌蛋白在内质网腔折叠、初加工后，被运输到高尔基体进一步加工、组装，最后释放到细胞外。这一过程中分泌蛋白穿过的磷脂层数为 （ ） A.4 B.2 C.1 D.0 解析 分泌蛋白是以囊泡的形式，由内质网经高尔基体到细胞膜，通过膜融合而分泌到细胞外的。 D

14. [典例3] （07·高考改编）以测定的CO2吸收量与释放量为指标，研究温度对某绿色植物光合作用与呼吸作用的影响，结果如下表所示。下列分析正确的是 （ ） A.光照相同时间，35℃时光合作用制造的有机物的量小于 30℃时相等 B.光照相同时间，在20℃条件下植物积累的有机物的量最多

15. C.温度高于25℃时，光合作用制造的有机物的量开C.温度高于25℃时，光合作用制造的有机物的量开 始减少 D.光合作用净积累有机物量与呼吸作用消耗有机物 量相等时的温度最可能是介于30℃至35℃之间 解析 表格中黑暗中CO2的释放量表示呼吸作用量， 而光照下CO2的吸收量表示净光合量，即“实际光合 量-呼吸作用量”，在35℃时光合作用制造的有机物 的量与30℃时相等，都是3+3.5=6.5 mg/h。积累量 最多时，光照下CO2的吸收量最多，此时的温度为25℃，在25℃时光合作用实际量约为2.3+3.7=6 mg/h， 此后光合作用实际量还在增加。由表格数据特点可以 看出，净光合量先增加后减少，而呼吸作用消耗量一 直在增加，所以二者相等的温度最可能是介于30℃至35℃之间。 答案D

16. 备考链接 1.解决围绕光合作用与呼吸作用的计算，首先要了解 几组概念，第一组：O2的总释放量、O2的净释放量、 呼吸消耗O2量；第二组：CO2的总吸收量、CO2的净 吸收量、CO2释放量；第三组：光合作用产生葡萄糖 总量、光合作用葡萄糖净生产量、呼吸作用葡萄糖消 耗量。以上三组是相对应的三组，反映光合作用与呼 吸作用的关系。具体关系是： 光合作用O2的总释放量=O2的净释放量+呼吸作用消 耗O2量 光合作用CO2的总吸收量=CO2的净吸收量+呼吸作用 CO2释放量 光合作用产生葡萄糖总量=光合作用葡萄糖净产生量+ 呼吸作用葡萄糖消耗量

17. 2.光合作用必须有光时才能进行，因此其与光照时间有关；而呼吸作用每时每刻都在进行。2.光合作用必须有光时才能进行，因此其与光照时间有关；而呼吸作用每时每刻都在进行。 3.相关计算还可依据光合作用与呼吸作用反应式来进行。根据化学计算比例原理，可以将反应式简化如下： 光合作用：6CO2∽C6H12O6∽6O2 呼吸作用：C6H12O6∽6O2∽6CO2 无氧呼吸（产生酒精）：C6H12O6∽2CO2

18. 4.围绕光合作用与呼吸作用其他知识点判断： （1）植物能正常生长的条件：一昼夜葡萄糖净积累大于0；（2）CO2吸收量最大时的温度是光合作用的最适温度；CO2释放量最大时的温度是呼吸作用的最适温度；（3）CO2吸收量为0时，不等于不进行光合作用，有可能呼吸作用释放的CO2量正好等于光合作用吸收的CO2量。

19. [能力迁移] 4.用某植物测得如下数据： 若该植物处于白天均温30℃、晚上均温15℃、有效日照15 h环境下，请预测该植物1 d中积累的葡萄糖为 （ ） A.315 mg B.540 mg C.765 mg D.1 485 mg

20. 解析 根据题意：有效日照15 h，白天均温30℃，CO2减少量=（880×15）÷10=1 320 mg，结合光合作用方程式，可算出净积累葡萄糖为900 mg，晚上均温15℃，共经过的时间是9 h，O2减少量=（80 ×9）÷5=144 mg，结合呼吸作用方程式，可算出消耗葡萄糖为135 mg，两者相减，可知一天中净积累葡萄糖为765 mg。 答案 C

21. [典例4] 假如水稻的高秆（D）对矮秆（d）为显性，抗瘟病（R）对易染病（r）为显性。现有一高秆抗病的亲本水稻和矮杆易染病的亲本水稻杂交，产生的F1再和隐性类型进行测交，结果如下图所示（此图基因表现为自由组合）。请问F1的基因型为 （ ）

22. A.DdRR和ddRr B.DdRr C.DdRr和Ddrr D.ddRr 解析 F1和隐性类型测交，抗病与易感病之比为1∶3，而高秆︰矮秆=1∶1，说明F1中D∶d =1∶1、R∶r=1∶3，又因亲本的表现型，所以F1的基因型有2种，即DdRr和Ddrr。 答案C

23. 备考链接 遗传变异及育种方面（如相关概率计算）运算的总原则是：参照孟德尔遗传定律；多对性状分析其中一对，然后再综合。 （1）一对相对性状遗传实验 P1 Aa×Aa→AA、Aa、aa(1∶2∶1) ①子代中AA占1/4、Aa占1/2、aa占1/4；②纯合子（稳定遗传）占1/2、杂合子占1/2；③子代中去除aa（家系分析中常见），则AA占1/3、Aa占2/3； P2 Aa×aa→Aa、aa(1∶1) ①子代中Aa占1/2、aa占1/2；②纯合子（稳定遗传）占1/2、杂合子占1/2。

24. （2）两对或多对相对性状遗传实验 P1 AaBb×AaBb→①后代的个体数4×4=16；②基 因型3×3=9（两对先看一对，后综合）；③表现型 2×2=4，比例：A B ∶A bb∶aaB∶aabb =9∶３∶３∶１,其中能稳定遗传的AABB∶AAbb ∶aaBB∶aabb=１∶１∶１∶１(为四种）；④任一 基因型概率：如Aabb=1/2×1/4=1/8。 P2 AaBb×aabb→①后代的个体数4×1=4;②基因 型2×2=4（两对先看一对，后综合）；③表现型2× 2=4，比例：AaBb∶Aabb∶aaBb∶aabb=1∶1∶ 1∶1,其中能稳定遗传的是aabb（为一种）；④任一 基因型概率：如Aabb=1/2×1/2=1/4。

25. （3）伴性遗传（常见是伴X隐性遗传）分析 P1 XAXa×XAY→XAXA、XAXa、XAY、XaY(1∶1∶1∶1) ①女儿全部正常，儿子中一半患病（常用于性别诊断）； ②患病孩子概率为1/4，正常孩子概率为3/4；③生男生女患病比例不同，可判断为伴X遗传。 P2 XAXa×XaY→XAXa、XaXa、XAY、XaY(1∶1∶1∶1) ①女儿、儿子中各有一半患病（不能进行性别诊断）；②患病孩子概率为1/2，正常孩子概率为1/2；③生男生女患病比例相同，可能与常染色体遗传相混淆。 P3 XaXa×XAY→XAXa、XaY(1∶1), 可用于通过性状来区分性别。 以上结论在解题时要熟练运用，悉心体味其中的规律。

26. [能力迁移] 5.(09·温州八校联考）狗毛褐色由b基因控制，黑色由B基因控制，I和 i是位于另一对同源染色体上的一对等位基因，I是抑制基因，当I存在时，B、 b均不表现深颜色而表现的是白色。现有褐色狗（bbii）和白色狗（BBII）杂交，产生的F2中黑色∶白色为 （ ） A.1∶３ B.３∶１ C.１∶4 D.4∶1

27. 解析 由题意可知，表现型为黑色个体的基因型为 B ii，表现型为白色个体的基因型为 I； 表现型为褐色个体的基因型为bbii。亲本bbii和 BBII杂交，F1代基因型为BbIi。F1代个体随机交 配，F2的基因型及比例为：B I ∶bbI ∶ Bii∶bbii=9∶3∶3∶1，其表现型分别为白、白、黑、褐，故F2中黑色∶白色=3∶（9+3）=1∶4。 答案 C

28. 备考链接 1.基因频率定义的运用：基因频率=某基因总数/某基 因与其等位基因数的总和×100%。若该基因在常染 色体上，则基因频率=该基因总数/（群体个体数×2） ×100%；若该基因在X染色体上，则基因频率=该基 因总数/（女性个体数×2+男性个体数×1）×100%。 2.从基因型比例中运算：AA∶Aa=1∶2,则A=1/3+ 2/3×1/2=2/3、a=2/3×1/2=1/3;AA∶Aa∶aa=10% ∶20%∶70%,则A=10%+1/2×20%=20%;a=70%+ 1/2×20%=80%。

29. 3.围绕基因频率的其他知识：①A+a=100%;②当A为一定值，由它推导出的AA∶Aa∶aa比例为任意值。3.围绕基因频率的其他知识：①A+a=100%;②当A为一定值，由它推导出的AA∶Aa∶aa比例为任意值。 4.基因型频率=某基因型的个体数/种群个体总数×100%。

30. [能力迁移] 6.某种物种群中，AA基因型个体占30%，aa基因个体占20%。若该种群植物自交，后代中AA、aa基因型个体出现的频率以及A、a基因频率分别为 （ ） A.42.5% 32.5% 55% 45% B.55% 45% 55% 45% C.42.5% 32.5% 45% 55% D.55% 45% 45% 55%

31. 解析 由题意：Aa基因型个体占：1-30%-20%= 50%，该种群植物自交后，AA占30%+50%×1/4 =42.5%,aa占20%+50%×1/4=32.5%,Aa占1-42.5% -32.5%=25%,a的基因频率为：（32.5%×2+25%) /2=45%,则A的基因频率为：1-45%=55%。 答案 A

32. [典例5] 如图表示某湖泊生态系统的 营养结构，a~e代表各营养级的 生物，下列叙述不正确的是（ ） A.共有三条食物链 B.各营养级中，能量最多的是c，生物个体数量最 多的是a C.若水体受有机磷农药轻微污染，则受害最严重的 是a D.若c所含能量为5.8×109 kJ，d含1.3×108 kJ， 则 a至少约含4.5×107 kJ

33. 解析 由题图可知，能量最多的是c，由于能级传 递效率为10%~20%，因此最高营养级a获得能量 最少，生物个体数量最少。有机磷农药可随着食 物链富集，因此受害最严重的是a。a从c中获得能 量的最小值是依据食物链最长，传递效率最低来计 算的，即以10%的传递效率来计算，c传递到第二 营养级能量的最少量是5.8×109×10%=5.8×108 kJ，减去d含有的能量，b、e可得到能量的最少量为4.5× 108 kJ，由此a能得到能量的最少量是4.5×108×10% =4.5×107 kJ。 答案B

34. 备考链接 1.查食物链条：典型的食物链由生产者和各级消费者组成，故计算食物链数应从生产者入手，一直到最高营养级为止，中间不要遗漏每一个分支，也不要中断。 2.生态系统中生物所处的营养级别和动物所处的消费者等级：生产者的营养级是固定的，为第一营养级；消费者的营养级别不固定，在不同食物链中可处于不同营养级。消费者等级划分以食性为准。

35. 3.能量传递效率=下一营养级的同化量÷上一营养级的同化量×100%（同化量=摄入量-粪便量）3.能量传递效率=下一营养级的同化量÷上一营养级的同化量×100%（同化量=摄入量-粪便量） （1）计算能量传递效率必须要明确几个量［同化量（固定量）、摄入量、呼吸量、粪便量、未利用量］ ①生态系统的总能量=第一营养级通过光合作用固定的太阳能的总量（或化能合成作用固定的总能量）。 ②能量传递效率一般为10%~20%。 ③判断该生态系统能稳定发展的前提：流经该生态系统的总能量大于各营养级呼吸消耗量与分解者分解消耗的量的总和。

36. （2）利用能量传递效率计算某一生物所获得的最多或最少的能量（2）利用能量传递效率计算某一生物所获得的最多或最少的能量 ①在一条食物链内，计算某一生物所获得的最多（最少）的能量规律： 若已知较低营养级求较高营养级时，“最多传递”取“最高传递效率”（20%）并相乘，“最少传递”取“最低传递效率”（10%）并相乘；若已知较高营养级求较低营养级时，则“最多消耗”取10%并相除，“最少消耗”取20%并相除。

37. ②涉及多条食物链的能量流动计算时，若根据要求只能选择食物网中的一条食物链来计算某一生物获得最多（或最少）的能量的规律是：②涉及多条食物链的能量流动计算时，若根据要求只能选择食物网中的一条食物链来计算某一生物获得最多（或最少）的能量的规律是： 若已知较低营养级求较高营养级时，“最多传递”取“最短链”和“最高传递效率（20%）”，“最少传递”取“最长链”和“最低传递效率（10%）”；若已知较高营养级求较低营养级时，则“最多消耗”取“最长链”和10%，“最少消耗”取“最短链”和20%。 ③依据各营养级具体获能状况计算能量传递效率的解题规律： 如果题目中给出了各营养级的能量数值及各营养级的能量去向数值，则要依据具体获能数值进行。

38. [能力迁移] 7.在下图的食物网中，假如猫头鹰的食物有2/5来自兔子，2/5来自鼠，1/5来自蛇，那么猫头鹰的体重若增加10 g，最少需要消耗植物 （ ） A.300 g B.450 g C.900 g D.1800 g

39. 解析 先将食物网拆分3条食物链：①植物→兔→猫头鹰；②植物→鼠→猫头鹰；③植物→鼠→蛇→猫头鹰。根据猫头鹰的食物比例可知，增加的10 g体重中4 g来自①、4 g来自②、2 g来自③，计算最少消耗植物量，则按照能量最大传递效率20%计算，则①需要消耗植物量为：4×5×5=100，②需要消耗植物量为：4×5×5=100；③需要消耗植物量为：2×5×5×5=250。总共消耗植物为450 g。 答案 B

40. 1.利用标志重捕法调查某丘陵地区4 km2区域中刺猬的种群密度，第一次捕获并标记50只刺猬，第二次捕获40只刺猬，其中有标记的5只。下列叙述错误的是 （ ） A.标记个体与未标记个体被捕获的概率基本相同 B.迁入率和迁出率影响该种群数量变化 C.标记符号过分醒目可能增加刺猬被捕食的概率 D.该种群的密度大约是400只/km2 解析 标志重捕法的前提条件就是标记个体与未标记个体被捕捉的概率基本相同；B、C两项可直接推出是正确的；D项没有考虑调查的区域面积是4 km2，种群的密度大约是100只/km2。 D

41. 2.右图食物网中a表示鸟的食物中 动物性食物所占比例，若要使 鸟体重增加x，最多需要生产者 量为y，那么x与y的关系可表示为 （ ） A.y=90ax+10x B.y=25ax+5x C.y=20ax+5x D.y=100ax+10x 解析 a表示鸟的食物中动物性食物所占比例，则植物性食物占的比例为1-a，当能量传递效率为10%时，消费者增重需生产者最多。能量传递效率按10%计算，则y=100ax+10(1-a)x=90ax+10x。 A

42. 3.现有1 000个氨基酸，其中氨基有1 020个，羧基有 1 050个，则由此合成的4条多肽链中共有肽键、 氨基、羧基的数目是 （ ） A.996、1 016、1 046 B.996、4、4 C.996、24、54 D.996、20、50 解析 在氨基酸分子的脱水缩合过程中，连在同一 个C原子上的氨基和羧基，除了两端分别留下一个 氨基和羧基外，中间的都成为残基，而R基上的不 变。由题目可知，R基上共有20个氨基、50个羧 基，再加上4条链上剩下的4个氨基、4个羧基，分 别有氨基和羧基24、54个。肽键数=氨基酸数-肽 链数=1 000-4=996个。 C

43. 4.假设含有一对同源染色体的一个精原细胞的DNA分子全部用15N标记后，该细胞在含有14N的环境中进行减数分裂产生的4个精子中，含有15N标记的DNA的精子所占比例为 （ ）4.假设含有一对同源染色体的一个精原细胞的DNA分子全部用15N标记后，该细胞在含有14N的环境中进行减数分裂产生的4个精子中，含有15N标记的DNA的精子所占比例为 （ ） A.0 B.25% C.50% D.100% 解析 经处理的一对同源染色体在细胞分裂过程中，经过染色体复制、联会所形成的四分体中的每一条染色单体均带有放射性，并且一对同源染色体中的4个染色单体最终要分别进入4个子细胞，故4个子细胞均带有放射性。 D

44. 5.已知一条完全标记上15N的DNA分子在只含14N的培养基中经n次复制后，仅含14N的DNA分子总数与含15N的DNA分子总数之比为7∶1，则n是 （ ）5.已知一条完全标记上15N的DNA分子在只含14N的培养基中经n次复制后，仅含14N的DNA分子总数与含15N的DNA分子总数之比为7∶1，则n是 （ ） A.2 B.3 C.4 D.5 解析 该DNA分子经过n次复制后得到DNA分子数为2n个，其中有2个DNA分子中各有一条链带有15N标记，故有（2n-2)/2=7/1,所以n=4。 C

45. 6.（09·海淀期末）现有一粒绿色（yy)圆形（Rr）豌豆，它们的相对性状是黄色、皱缩形。已知这两对基因分别位于两对同源染色体上。该豌豆种植并自花受粉结实（称子一代）；子一代未经选择便全都种植，再次自花受粉，收获了n枚子粒（称子二代）。可以预测，这n枚子粒中纯合的绿色、圆形粒约有 （ ）6.（09·海淀期末）现有一粒绿色（yy)圆形（Rr）豌豆，它们的相对性状是黄色、皱缩形。已知这两对基因分别位于两对同源染色体上。该豌豆种植并自花受粉结实（称子一代）；子一代未经选择便全都种植，再次自花受粉，收获了n枚子粒（称子二代）。可以预测，这n枚子粒中纯合的绿色、圆形粒约有 （ ） A.2n/3 B.3n/8 C.n/4 D.n/8 解析 该题只涉及一对等位基因（Rr)，自交2次，子代的杂合率为1/22，而纯合子中圆粒与皱粒相等，故纯合的绿色圆粒为1/2（1-n/22)=3n/8。 B

46. 7.人类的卷发对直发为显性性状，且基因位于常染色7.人类的卷发对直发为显性性状，且基因位于常染色 体上。遗传性慢性肾炎是X染色体显性遗传病。有 一个卷发患遗传性慢性肾炎的女人与直发患遗传性 慢性肾炎的男人婚配，生育一个直发无肾炎的儿子。 这对夫妻再生育一个卷发患遗传性慢性肾炎的孩子 的概率是 （ ） A.1/4 B.3/4 C.1/8 D.3/8 解析 根据题意，这对夫妇的基因型为AaXBXb和 aaXBY。这对夫妻再生育一个卷发患遗传性慢性肾 炎的孩子的概率是1/2×(1-1/4)=3/8。 D

47. 8.两对相对性状的基因自由组合，如果F2的分离比分别为9∶7、9∶6∶1和15∶1，那么F1与双隐性个体测交，得到的分离比分别是 （ ）8.两对相对性状的基因自由组合，如果F2的分离比分别为9∶7、9∶6∶1和15∶1，那么F1与双隐性个体测交，得到的分离比分别是 （ ） A.1∶3、1∶2∶1和3∶1 B.3∶1、4∶1和1∶3 C.1∶2∶1、4∶1和3∶1 D.3∶1、3∶1和1∶4 解析 主要考查基因自由组合定律的应用。F2的基因型有9种，各种基因型的比例是不变的。9∶7=9∶（3+3+1）；9∶6∶1=9∶（3+3）∶ 1；15∶1=（9+3+3）∶1。 A

48. 9.假设有一段mRNA上有60个碱基，其中A有15个， G有25个，那么转录该mRNA的DNA分子区段 中，C和T的个数共有 （ ） A.15个 B.25个 C.40个 D.60个 解析 mRNA上有60个碱基，则转录成该mRNA的 DNA中应有120个碱基。按照碱基互补配对原则： A=T，G=C，则在双链DNA分子中，A+G=C+T， 所以C+T=60。 D

49. 10.（09·黄山一检）将某植物放入密闭容器中，各种气体量10.（09·黄山一检）将某植物放入密闭容器中，各种气体量 充足，测其白天和夜间的生理活动的过程，发现白天每小 时容器中CO2减少了56 mg，植物产生45 mg葡萄糖；夜 间每小时容器中CO2增加为10 mg。请判断白天和夜间细 胞呼吸强度 （ ） A.白天和夜间相等 B.白天比夜间强 C.白天比夜间弱 D.无法判断 解析 白天容器中减少CO2为56 mg，表示净光合作用速 率为56 mg，而产生45 mg葡萄糖，实际光合速率为45 mg 葡萄糖，转变为CO2表示则实际光合作用为6×44×45/180 =66 mg，所以呼吸作用强度为10 mg；晚上容器中CO2增 加量为10 mg，表示呼吸强度为10 mg，因此，白天和夜 间呼吸强度相等。 A

50. 二、非选择题 11.图甲表示植物细胞代谢的某些过程，图乙表示光照强度与二氧化碳量的关系。请据图回答问题（图中数字代表物质，a、b、c代表细胞器）：